2015年广东省深圳市中考物理二模试卷

　 2015 年广东省深圳市中考物理二模试卷

　参考答案与试题解析

　共 一、选择题（共 16 小题，每小题 1.5 分，满分 24 分）

　1．（1.5 分）下列关于功率的说法，不正确的是（

　）

　A．功率越小，做功越慢

　B．功率越小，效率越低

　C．功率越小，做功不一定越少

　D．功率越小，做同样多的功所用的时间越多

　【考点】功率 PH414 【难度】简单题 【分析】解答此题我们需要知道功率的定义，功率的定义：功与完成这些功的所用时间的比值叫做功率，功率是表示力做功快慢的物理量，是标量。

　A、功率是表示做功快慢的物理量，功率大表示做功时快，功率小表示做功时做功慢，故 A 正确；

　B、效率是所做的有用功与总功的比值，与功率大小无关，故 B 错误；

　C、由 W=Pt 可知，功率小，但时间不确定，故做功比一定少，故 C 正确；

　D、功率越小，做同样多的功所用的时间越多，故 D 正确。

　【解答】B。

　【点评】本题考查了功率的定义，功率是表示物体做功快慢的物理量，功率大的机器，做功快，但做的功不一定就多。根据 W=Pt 可知，物体做功多少与物体的功率和做功时间有关。

　2．（1.5 分）下列说法中，正确的是（

　）

　A．用 100N 的力将足球踢出去 50 米远，则人对足球做功 5000J

　B．一桶汽油用去一半，比热容和热值都变为原来的一半

　C．放在水平地面上温度为 0℃的一块冰，机械能和内能都为零

　D．做功的过程实质上就是能量转化的过程

　【考点】功 PH413；内能 PH432；比热容 PH433 【难度】简单题

　 【分析】本题考查知识点较多，对各个选项具体分析如下：

　A、做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。用 100N 的力将足球踢出后，足球不再受到力的作用，虽然足球移动了距离，但人对足球没有做功。故 A 错误；

　B、比热容和热值是物质的一种性质，只与物质本身有关，所以一桶汽油用去一半，比热容和热值不会改变，故 B 错误。

　C、放在水平地面上温度为 0℃的一块冰，机械能为零，内能不为零；故 C 错误；

　D、功是能量转化的量度，做功的过程就是能量转化的过程。故 D 正确。

　【解答】D。

　【点评】本题考查和功、内能、比热容的特点，是一道学科综合题目。需要注意的是，一切物体都具有内能。一个物体温度越高内能越大。我们易误认为“0℃”的物体没有内能。

　3．（1.5 分）如图是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重力和摩擦），其中所需动力最大的是（

　）

　A．

　B．

　C．

　D．

　【考点】简单机械 PH125 【难度】简单题 【分析】解答此题我们需要知道，动滑轮省一半的力，定滑轮不省力。使用杠杆时力的大小可用杠杆平衡条件得出。求出各个选项中所需动力大小，比较可得出答案。

　（1）由图知 n=3，不计机械自重和摩擦，`F_(1)`=`(1)/(3)`G；

　（2）根据杠杆的平衡条件：`F_(2)`×（L+3L）=G×L，所以`F_(2)`=`(1)/(4)`G；

　（3）不计机械自重和摩擦，`F_(3)`=2G；

　（ 4 ）

　不 计 机 械 自 重 和 摩 擦 ， 则 `F_(4)`s=Gh ， 所 以`F_(4)`=`(h)/(s)`G=`(2m)/(4m)`G=`(1)/(2)`G；

　由上述分析可知，动力最大的是 C 选项。

　【解答】C。

　 【点评】本题考查了几种简单机械，求滑轮组和杠杆得所需动力难度不大。关键是要知道，斜面是一种省力的简单机械，若忽略摩擦，斜面长是斜面高的 n 倍，拉力就是物体所受重力的 n 分之一。

　4．（1.5 分）如图所示的四个事例中，用做功方式改变内能的是（

　）

　 A．①② B．②③ C．③④ D．①④

　【考点】内能 PH432 【难度】简单题 【分析】解答此题我们需要知道，改变内能的方式有做功和热传递。做功改变内能是把机械能转化为内能，是能量的转化，热传递改变内能是内能的转移，是从一个物体转移到另一个物体。

　①搓手时两手克服摩擦做功，机械能转化为手的内能，手的温度升高，是用做功方式改变内能的，符合题意；

　②对手哈气取暖是通过热传递的方式改变手的内能，不符合题意；

　③铁锅通过热传递的方式把热量从锅传到手，因此手会感觉到烫，不符合题意；

　④水蒸气对塞子做功，内能转化为机械能，因此水蒸气的内能减小，是通过做功的方式改变物体内能的，符合题意；

　【解答】D。

　【点评】本题考查了改变内能的两种方式，做功和热传递是改变物体内能的两种方式；做功是其他形式的能和内能的相互转化，热传递是内能的转移；两种方式对改变物体内能是等效的。

　5．（1.5 分）甲、乙两个电阻的 U﹣I 图线如图所示，若把两个电阻串联接在同一电路中，下列说法正确的是（

　）

　A．甲、乙两个电阻之比是 l：2

　B．通过甲、乙两个电阻的电流之比是 1：2

　C．甲、乙两个电阻两端电压之比是 1：1

　D．甲、乙两个电阻的电功率之比是 2：1

　【考点】欧姆定律及其应用 PH219；电功率 PH233 【难度】简单题 【分析】根据欧姆定律可知，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比；根据图像我们利用欧姆定律 R=U/I 求出两电阻的阻值，然后比较两电阻的阻值；

　A．由图象可知，通过两电阻的电流与两端的电压成正比即两电阻是定值电阻，且`U_(甲)`=`U_(乙)`=3V 时，`I_(甲)`=0.3A、`I_(乙)`=0.6A，

　由 I=`(U)/(R)`可得，两电阻的阻值分别为：

　`R_( 甲 )`=`(U_( 甲 ))/(I_( 甲 ))`=`(3V)/(0.3A)`=10Ω ，`R_(乙)`=`(U_(乙))/(I_(乙))`=`(3V)/(0.6A)`=5Ω，

　所以，`R_(甲)`：`R_(乙)`=10Ω：5Ω=2：1，故 A 错误；

　B．把两个电阻串联接在同一电路中时，

　由于串联电路中各处的电流相等，

　所以通过甲、乙两个电阻的电流之比是 1：1，故 B 错误；

　C．甲、乙两个电阻两端电压：

　`(U_( 甲 ))/(U_( 乙 ))`=`(IR_( 甲 ))/(IR_( 乙 ))`=`(R_( 甲 ))/(R_( 乙 ))`=`(10 Ω )/(5Ω)=(2)/(1)`，故 C 错误；

　D．甲、乙两个电阻的电功率之比：

　`(P_(甲))/(P_(乙))`=`(I^(2)R_(甲))/(I^(2)R_(乙))`=`(R_(甲))/(R_(乙))`=`(10Ω)/(5Ω)=(2)/(1)`，故 D 正确。

　【解答】D。

　【点评】本题结合图像考查了欧姆定律及其应用，欧姆定律是电学中的基本定律

　 和核心内容，是贯穿整个电学的主线。根据串、并联电路的特点和欧姆定律的公式可进行有关计算。

　6．（1.5 分）如图所示，电源电压不变，当滑动变阻器的滑片向 b 端移动的过程中，下列说法不正确的是（

　）

　 A．电流表的示数变小 B．电压表的示数变大

　C．小灯泡的亮度不变 D．电路中的总功率变小

　【考点】电路的动态分析 PH21A 【难度】简单题 【分析】由图示电路图可知，滑动变阻器与灯泡并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端电压，滑片向 b 端移动过程滑动变阻器接入电路的阻值 R 变大；

　根据滑片的移动判断出通过滑动变阻器所在支路电流的变化，然后根据并联并联电路特点得出干路电流的变化； A、电源电压 U 不变，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，流过灯泡的电流不变，则干路电流变小，电流表示数变小，故 A 正确；

　B、电压表测电源两端电压，电源电压不变，电压表示数不变，故 B 错误；

　C、灯泡两端电压不变，灯泡实际功率 P=`(U^(2))/(R)`不变，灯泡亮度不变，故C 正确；

　D、电路总电流 I 变小，电源电压 U 不变，电路总功率：P=UI 变小，故 D 正确；

　本题选错误的， 【解答】B。

　【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是滑片移动时电路电阻的变化和电路的动态分析，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。

　7．（1.5 分）有一种电能表的表盘如图所示，关于电能表下列说法不正确的是

　 （

　）

　 A．电能表的读数是 351.77kW•h

　B．“10（20）A”是指这个电能表的额定最大电流是 10 安

　C．“220V”是指这个电能表应当用在 220 伏电路中

　D．“3000r/kW•h”是表示用电器每消耗 lkW•h 的电能，电能表上的转盘转过 3000转

　【考点】电能表 PH232 【难度】简单题 【分析】解答此题需要对电能表有所了解：“220V”是说这个电能表应该在 220V的电路中使用； “10(20)A 是说这个电能表的额定电流是 10A，在短时间内电流允许大一些，但不能超过 20A； 50Hz”是说这个电能表在 50Hz 的交流电路中使用；

　3000r/（kW•h）”是表示每消耗 1kW•h 的电，电能表上的转盘转过 3000 转。

　A、由图知，电能表的读数是 3517.7kW•h，故 A 错；

　B、“10（20）A”中 20A 是指这个电能表的额定最大电流，故 B 错；

　C、“220V”是指这个电能表应当用在 220 伏电路中，故 C 正确；

　D、3000r/（kW•h）”是表示每消耗 1kW•h 的电，电能表上的转盘转过 3000 转，故 D 正确。

　【解答】AB。

　【点评】本题考查了电能表，电能表前后两次的示数之差就是用电器在对应的这段时间内消耗的电能。根据电能表的转数可以求出通过家用电器的电流在某段时间内做的功，或消耗的电能。

　8．（1.5 分）夏天，从冰箱中取出一瓶饮料，用干毛巾擦干后，过一会可观察到饮料瓶表面变湿，这一现象发生的物态变化是（

　）

　 A．汽化 B．液化 C．凝固 D．升华

　【考点】物态的变化 PH334 【难度】简单题 【分析】解答此题我们需要知道，物质从气态变为液态的过程叫液化。

　从冰箱中取出了饮料，温度比较低，空气中的水蒸气遇到比较冷的饮料瓶就会液化为小水珠，附着在饮料瓶表面。

　【解答】B。

　【点评】本题考查了液化现象，生活中液化现象的应用还有很多，冬天手感到冷时，可向手哈气，是因为呼出的水蒸气液化放热；被锅内喷出的水蒸气烫伤比开水还厉害，是因为水蒸气液化过程要放热。

　9．（1.5 分）下列关于光和声现象的说法正确的是（

　）

　A．摄影时用的照相机是根据凹透镜成像的原理制成的

　B．中考期间学校周围路段禁鸣喇叭，这是在声音传播的过程中减弱噪声

　C．“闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的

　D．白天浓密树荫下有许多小圆形光斑是太阳的实像

　【考点】透镜的应用 PH328；噪声 PH313；光的直线传播 PH323 【难度】简单题 【分析】解答此题我们需要知道，照相机是利用凸透镜成倒立缩小的实像制成的。音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性； A、照相机的镜头是一个凸透镜，是根据凸透镜成像的原理制成的，故 A 错误；

　B、中考期间学校周围路段禁鸣喇叭，这是在声源处减弱噪声；故 B 错误；

　C、“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的；故 C 错误；

　D、白天浓密树荫下有许多小圆形光斑，属于小孔成像，光斑是由于光的直线传播形成的太阳的实像，故 D 正确。

　【解答】D。

　【点评】本题考查了声音和光的多个知识点，需要分清声音的三个特征音调、响度、音色的区别，了解减少噪音的三个途径。掌握凸透镜成像的三种情况和应用，掌握凸透镜成实像的实验结论。

　 10．（1.5 分）一般家用空调的电功率最接近（

　）

　A．1.5 瓦 B．300 瓦 C．2000 瓦 D．10000 瓦

　【考点】电功率 PH233 【难度】简单题 【分析】因为家用空调正常工作时通过的电流为 10A， 家庭电路两端的电压为 220V， P=UI=220V×10A=2200W， 所以家用空调正常工作时的电功率最接近于 2000W。

　【解答】C。

　【点评】本题主要考查学生对常用家用电器的功率的了解和掌握，这类题目要求学生观察生活中的物理现象，难度不大但是经常出现在中考选择题中。

　11．（1.5 分）第二十六届世界大学生夏季运动会在深圳举行，下列有关大运项目比赛的现象中说法正确的是（

　）

　A．射到球门框架上的足球被反弹说明力能改变物体的形状

　B．篮球比赛中间休息，志愿者用干布拖地是为了减小摩擦

　C．跳远运动员起跳前要助跑一段距离是为了利用惯性

　D．打羽毛球时，羽毛球先给球拍一个力，然后球拍也给羽毛球一个力

　【考点】力 PH121；摩擦力 PH124 【难度】简单题 【分析】此题关键是分析出研究对象原来所处的运动状态，然后利用物体都有保持原来运动状态性质进行分析。力的作用效果表现为一是力可以改变物体的运动状态；二是力可以改变物体的形状。

　A、球射到门框后被反弹回来，球的运动方向发生改变，是力改变了球的运动状态，故 A 错误；

　B、篮球比赛中间休息，志愿者用干布拖地变湿为干燥是为了增大摩擦，故 B 错误；

　C、跳远运动员的助跑是为了使自己处于运动状态，起跳时，由于惯性会跳得更远，与惯性有关，故 C 正确；

　D、击球时，球拍给羽毛球力和羽毛球给球拍力是相互作用力，是同时产生的，

　 故 D 错误。

　【解答】C。

　【点评】本题综合考查了力的作用效果、、惯性、增大或减小摩擦的方法，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性。要注意惯性现象与其它力学现象的区分。

　 12．（1.5 分）将空矿泉水瓶慢慢压入水中，直到完全浸没。下列对矿泉水瓶受到的浮力分析不正确的是（

　）

　A．矿泉水瓶受到水对它的浮力

　B．浮力的方向竖直向上

　C．排开水的体积越大，受到的浮力越大

　D．浸没后，压入越深，受到的浮力越大

　【考点】浮力 PH127 【难度】简单题 【分析】解答此题我们需要知道阿基米德原理，浸在液体里的物体受到液体竖直向上的浮力，浮力的大小等于它排开的液体受到的重力。

　在矿泉水瓶压入水中的过程中，瓶子排开了水，故瓶子受到向上的水的浮力，故A，B 均正确；

　由于排开水的体积越来越大，故矿泉水瓶所受浮力越来越大，故 C 正确；

　但当完全浸没后，由于排开水的体积不再改变，故瓶子所受浮力不再变化，故 D不正确；

　【解答】D。

　【点评】本题考查浮力与阿基米德原理，有关浸在液体中的物体受到浮力的大小，跟物体浸入液体中的体积有关，跟液体的密度有关，跟物体浸入液体中的深度无关。跟物体本身密度大小无关。

　13．（1.5 分）如图是拍摄机动车闯红灯的工作原理示意图。光控开关接收到红灯发出的光会自动闭合，压力开关受到机动车的压力会闭合，摄像系统在电路接通时可自动拍摄违规车辆。下列有关说法正确的是（

　）

　A．只要光控开关接收到红光，摄像系统就会自动拍摄

　B．机动车只要驶过埋有压力开关的路口，摄像系统就会自动拍摄

　C．只有光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄

　D．若将光控开关和压力开关并联，也能起到相同的作用

　【考点】电磁感应 PH223 【难度】中等题 【分析】当摄像系统的电路自动拍摄违章车辆时，工作电路工作，电磁铁有磁性，控制电路工作，光控开关和压力开关同时闭合；如果光控开关和压力开关是并联的，只有红灯亮，或只有车超过停止线，摄像头就拍摄。

　A、分析题意可知，只有光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄，所以 A 选项说法错误； B、由上分析知，因此光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄，所以 B 选项说法错误； C、由题意知，光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄，所以 C选项说法正确； D、光控开关和压力开关是相互牵制，相互影响，因此这两个开关只能串联，不能并联，所以 D 选项的说法也是错误的。

　【解答】C。

　【点评】本题考查了电磁继电器的组成、原理和特点，电磁铁通电时，把衔铁吸下来，使动触点和静触点接触，工作电路闭合，电磁铁断电时，电磁铁失去磁性，弹簧把衔铁拉起来，切断工作电路。

　14．（1.5 分）科学研究中常用图象来表示两个量（x，y）之间的关系，以使研究的问题变得直观明了。下列两个量之间的关系不符合如图所示的是（

　）

　A．物质的密度与质量的关系

　B．物体受到的重力与质量的关系

　C．物体受到的浮力与其排开液体体积的关系

　D．同一导体中通过的电流与该导体两端电压的关系

　【考点】物质的密度 PH141；重力 PH122；浮力 PH127；欧姆定律及其应用 PH219【难度】中等题 【分析】观察分析图象，找出图中两个量（x，y）之间的关系，看选项中哪两个量的关系与图象中的相符，找出两个量之间的关系不符合的选项即可。分析图象可知：y 与 x 成正比；

　A、密度不随质量变化，因此不存在正比关系，该选项符合题意；

　B、物体重力与质量成正比，该选项不符合题意；

　C、物体所受浮力与与物体密度和物体排开液体的体积成正比，该选项不符合题意；

　D、同一导体中通过的电流与该导体两端电压成正比，该选项不符合题意。

　【解答】A。

　【点评】本题考查学生的观察能力和图象分析能力，涉及的知识点较多，解题时应熟记这些关系并加深理解，特别是物质的密度与质量、体积的关系，重力与质量的关系，物体受到的浮力与其排开液体体积的关系，要深刻理解这一物理规律。

　15．（1.5 分）如图是研究光的反射定律的实验装置，为了研究反射角与入射角之间的关系，实验时应进行的操作是（

　）

　 A．沿 ON 前后转动板 E B．沿 ON 前后转动板 F

　C．改变光线 OB 与 ON 的夹角 D．改变光线 AO 与 ON 的夹角

　 【考点】光的反射 PH324 【难度】中等题 【分析】解答此题我们需要知道反射定律，入射光线、反射光线和法线在同一平面内，反射光线与入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。

　此题主要探究光的反射规律，先让一束光贴着纸板沿某一个角度射到 O 点，量出入射角和反射角的度数，然后改变光束 AO 的入射方向，使入射角减小，再量出入射角和反射角的度数，与前一次实验量出的结果进行比较，即可发现反射角和入射角关系。

　【解答】D。

　【点评】本题考查了光的反射定律，两角量值关系的变化是相对应的。即反射角随着入射角的变化而变化，入射角增大时反射角也增大，入射角减小时反射角也减小，入射角变为 0 反射角也变为 0。

　16．（1.5 分）把吹胀的气球压在一根大头针上，稍一用力气球就被刺破，而用同样大小的力把它压在大量的大头针上，气球却安然无恙（如图所示）。这是因为（

　）

　 A．气球受到的压力减小了

　B．气球的受力面积增大了

　C．气球受到的压强增大了

　D．压力对气球的作用效果更明显了

　【考点】压力和压强 PH128 【难度】简单题 【分析】把吹胀的气球压在一根大头针上，稍一用力，超过气球承受的压强，气球会破；用同样大小的力把它压在大量的大头针上，是在压力一定时，增大受力面积。

　根据压强公式 P=F/S 可知 气球受到的压力大小不变，但受力面积增大，所以压强减小。这个压强没有超过气球承受的最大压强，气球不会破。

　【解答】B。

　 【点评】本题考查了减小压强的方法，根据压强公式 P=F/S 可知，在受力面积一定时，可以减小压力减小压强；在压力一定时，可以增大受力面积来减小压强。

　共 二、解答题（共 5 小题，满分 24 分）

　17．（6 分）自然课上王老师请同学们设计一个测出未知电阻`R_(x)`的电路，各组同学都提出了自己的设计方案，下面是其中两组同学的实验方案：

　甲组：张晴小组设计方案

　①器材：电压表、电流表、变阻器、开关、电源（电压未知）、未知电阻`R_(x)`、导线。

　②电路图（如图甲）

　乙组：赵亮小组设计方案

　①器材：已知电阻`R_(0)`、电流表、开关、电源（电压未知）、未知电阻`R_(x)`、导线。

　②电路图（如图乙）

　A 、 你 认 为 两 小 组 中 哪 组 设 计 更 优 ？

　_ ， 理由：

　。

　B、今有 M、N 两灯上分别标有“6V，6W”和“6V，4W”的字样，用一个输出电压为 12V 的电源对两灯供电，请设计要使这两灯能同时正常发光的两种不同电路图，并说明哪一种更佳

　 ，原因是

　 。

　 【考点】电路和电路图 PH214；欧姆定律及其应用 PH219 【难度】较难题 【分析】根据电压表示数或电流表示数以及已知的阻值，计算出`R_(x)`两端的电压以及通过的电流，再根据 R＝U/I 即可求出电阻值，甲组的好处是可以多次测量求平均值，减小误差。

　A、甲组：电路中串联了一个滑动变阻器，可以通过移动滑片尽可能使两表的示

　 数为整数，这样便于读数，同时使用变阻器可以进行多次测量，从而可以求平均值减小误差；

　乙组：只能测量一次，且有可能电流表的示数正好不在整数刻度上，这样就会出现读数误差，从而造成测量误差大；

　 B、（a）由 P=UI 可得，两灯泡的额定电流分别为：

　`I_(M)`=`(P_(M))/(U_(M))`=`(6W)/(6V)`=1A ，`I_(N)`=`(P_(N))/(U_(N))`=`(4W)/(6V)`=`(2)/(3)`A，

　因`I_(M)`＞`I_(N)`，

　所以，要使两灯泡正常发光，应让灯泡 N 与定值电阻`R_(1)`并联后再与灯泡 M串联，如图 a 所示：

　 此时`L_(M)`两端的电压为 6V，`L_(N)`两端的电压为 6V，且通过`L_(M)`的电流为 1A，通过`L_(N)`的电流为`(2)/(3)`A，

　电路消耗的电功率 P=U`I_(M)`=12V×1A=12W；

　（b）两灯泡并联后再与定值电阻`R_(2)`串联，如图 b 所示：

　 两灯泡正常发光时，干路电流：

　 I=`I_(M)`+`I_(N)`=1A+`(2)/(3)`A=`(5)/(3)`A，

　P=UI=12V×`(5)/(3)`A=20W。

　综上可知，a 设计可以节约能源，且使用过程中当一盏灯损坏时一般不会引起另一灯的损坏。

　【解答】A、甲组；甲组设计的电路可以方便的进行多次测量求平均值，减小误差；乙组设计的电路只能测量一次，测量误差较大；

　B、a；节约能源，且使用过程中当一盏灯损坏时一般不会引起另一灯的损坏。

　【点评】本题考查了测电阻的两种方法，第一种方法是基本方法，比较方便、准确；第二种方法是特殊方法，需要依据并联电路的一些规律，涉及的知识较多，开阔了学生的视野。

　18．（7 分）如图所示，是小丽测量开水瓶软木塞密谋的实验示意图 实验步骤：

　A．调整天平横梁平衡．

　 B．用天平测出软木块的质量 m．如图乙所示

　C．向量筒中装入适量的水。

　 D．读出水的体积 V 1 。如图丙所示

　E．用细线系住软木塞和铁块，将铁块浸没在水中，读出水和铁块的总体积`V_(2)`。如图丁所示

　F．将软木塞和铁块同时浸没在水中，读出水、铁块和软木塞的总体积`V_(3)`。如图戊所示

　（1）步骤 A 中发现天平指针偏向分度盘上的位置如图甲所示，应向

　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母。

　（2）根据实验示意图和步骤中的标注，将表格填写完整。

　测 软木塞的质 水的 水和铁块的 水、软木塞和铁块的总 软木的密

　 量值

　量 m/g

　体积

　`V_(1)`/`cm^(3)`

　体积`V_(2)`/`cm^(3)`

　体积`V_(3)`/`cm^(3)`

　度`ρ_(木)`/（kg•`m^(-3)`）

　数据

　 40

　50

　0.3×`10^(3)`

　（3）软木塞浸没水中时受到的浮力大小为

　。

　（3）反思实验过程，发现有一步骤是多余的，此步骤是

　 （填字母）。

　（4）考虑到软木塞的吸水性，实际测得密度应

　（选填“大于”或“小于”）实际密度。

　【考点】物质的密度 PH141 【难度】中等题 【分析】天平指针的偏转方向和平衡螺母的调节方向是相反的。软木块的质量可由砝码质量和游码所对的刻度值读出。由于软木块是不沉于水的，在测量其体积时要使用重物助沉法帮助测量休积。

　（1）天平指针偏向分度盘中央刻度线左侧，说明左侧的质量大了。要相使天平平衡，就要将平衡螺母向右调节，相当于增加右盘中的质量。

　（2）软木塞的质量由砝码的质量加上游码所对刻度值的质量即 m=10g+2g=12g。

　从图中读出水和铁块的总体积为 50`cm^(3)`，水、软木塞和铁块的总体积90`cm^(3)`，则软木塞的体积 V=90`cm^(3)`﹣50`cm^(3)`=40`cm^(3)`，

　软 木 塞 的 密 度 ρ=`(m)/(V)=(12g)/(40cm^(3))` ≈ 0.3g/`cm^(3)`=0.3 ×`10^(3)kg//m^(3)`。

　（3）软木塞浸没在水中，排开水的体积等于其自身体积，

　`F_( 浮 )= ρ _( 水 )gV_( 排 )`=1.0 × `10^(3)kg//m^(3)` × 10N/kg × 40 ×`10^(-6)m^(3)`=0.4N；

　（4）实验步骤中测软木塞的体积时，由于软木塞漂浮在水面上，要使软木塞浸入水中可采用重物助沉法进行。但不需要单独测量水的体积，只需第一步测出水和重物的体积即可，再测出水、重物、软木塞的总体积，就能算出软木塞的体积。水的体积不需要测出。

　 （5）由于干软木具有吸水性，在测量它的体积时，它会因吸收水而使其体积测量值变小。在质量一定时，体积变小，则密度会变大。

　【解答】（1）右；（2）12；90；0.3×`10^(3)`；（3）0.4N；（4）D；（5）大于。

　【点评】此题是考查固体密度的测量实验，但考查的是不沉于水的固体的密度测量以及测量误差的分析，关键在于测物体的体积时要使用重物助沉法，要对此方法有所了解，同时根据固体材料特点，对测量结果的偏差作出判断。

　19．某型号家用空调的制冷压缩机和送风机是并联的，压缩机是间歇性工作的，而送风机是一直都在工作。测得此空调在某段时间压缩机和送风机的电功率分别随时间变化的关系如图所示。

　（1）为了安全用电，许多家庭铺设了空调专线，请简述铺设空调专线的意义

　。

　（2）在高温天气，由于家庭电路的电压过低而使空调不能启动，请你简述家庭电路电压过低的原因（提示：家庭电路的导线有电阻，可以理解成导线与空调是串联的）。

　（3）前 10 分钟通过压缩机的电流是多少？通过空调的总电流是多少？

　（4）在 1 小时内这台空调消耗的电能约为多少度？

　 【考点】电功率 PH233；电功 PH231 【难度】中等题 【分析】由图象确定前 10min 空调的功率，从而确定空调的状态，由电功率的变形公式 I=P/U 求出通过空调的电流；由图象求出空调制冷的时间，然后由公式W=Pt 求出空调消耗的电能； （1）铺设空调专线可防止家庭电路电流过大带来的危害； （2）夏天用电器较多，输电线电流较大，导线电压损失较大，家庭电路电压较低，使空调不能正常启动；

　 （3）由图象可知，空调在前 10min 内的功率，再根据功率判断所处的状态，根据 P=UI 求出此时通过的电流； （4）由图象可知空调制冷和送风的工作时间，根据 W=Pt 求出消耗的电能。

　【解答】（1）空调功率较大，电流较大，铺设空调专线防止家庭电路电流过大引起火灾或跳闸；

　（2）在高温天气，用电器过多，导致干路电流过大，输电线上的电压降增大，家庭电路的电压过低，导致空调不能正常启动；

　（3）由图象可知，空调在前 10min 内的功率为 2.2kW 处于送风状态，10min 到15min 内的功率为 0.22kW，

　因压缩机是间歇性工作的，而送风机是一直都在工作，

　所以，前 10min 送风机的功率为 0.22kW，压缩机的功率为 2.2kW，

　由 P=UI 可得，通过送风机的电流：

　`I_(M)`=`(P_(M))/(U)=(0.22×10^(3)W)/(220V)`=1A，

　通过压缩机的电流：

　I=`(P)/(U)=(2.2×10^(3)W)/(220V)`=10A，

　通过空调的总电流：

　`I_(总)`=`I_(M)`+I=1A+10A=11A；

　（4）由图象知，1h 内空调制冷状态工作 40min，送风状态工作 1h，

　由 P=`(W)/(t)`可得，消耗的总电能为：

　W=P`t_( 制 冷 )`+`P_(M)t_( 送 风 )`=2.2kW × `(40)/(60)`h+0.22kW × 1h ≈1.69kW•h=1.69 度。

　【点评】分析清楚图象，由图象找出空调的制冷与送风时间是正确解题的前提与关键，要注意家庭电路电压过低的原因是导线分压，同时要知道家庭电路中电流过大的原因。

　20．（7 分）图甲是建造大桥时所用的起吊装置示意图，使用电动机和滑轮组（图中未画出）将实心长方体 A 从江底竖直方向匀速吊起，图乙是钢缆绳对 A 的拉力`F_(1)`随时间 t 变化的图象。A 完全离开水面后，电动机对绳的拉力 F 大小为6.25×`10^(3)`N，滑轮组的机械效率为 80%，已知 A 的重力为 2×`10^(4)`N，A

　 上升的速度始终为 0.1m/s。（不计钢缆绳与滑轮间的摩擦及绳重，不考虑风浪、水流等因素的影响，g 取 10N/kg）求：

　（1）长方体 A 未露出水面时受到的浮力；

　（2）长方体 A 的密度；

　（3）长方体 A 完全离开水面后，在上升过程中 F 的功率。

　 【考点】浮力 PH127；物质的密度 PH141；功率 PH414 【难度】中等题 【分析】根据图像上两次拉力的不同，可分析出物体 A 受到的浮力为两次拉力之差。然后利用阿基米德原理求出 A 的体积，根据重力公式 G=mg 求出物体 A的质量，进而求出密度。

　（1）根据图象读出物体 A 的重力和未露出水面时受到的拉力，然后根据称重法即可求出长方体 A 未露出水面时受到的浮力；

　（2）先根据`F_(浮)=ρ_(水)gV_(排)`求出 A 的体积，然后根据 G=mg 求出 A 的质量，最后根据密度公式求出 A 的密度；

　（3）先根据机械效率的变形公式求出提升物体绳子的条数，然后求出 F 移动的速度，最后根据 P=Fv 求出拉力的功率。

　【解答】（1）根据图乙可知，A 未露出水面所受的拉力`F_(1)`=1×`10^(4)`N；故 A 未露出水面时受到的浮力：`F_(浮)`=G﹣`F_(1)`=2×`10^(4)`N﹣1×`10^(4)`N=1×`10^(4)`N；

　（2）由`F_(浮)=ρ_(水)gV_(排)`可知，`V_(排)`=`(F_(浮))/(ρ_(水)g)=(1×10^(4)N)/(1×10^(3)kg//m^(3)×10N//kg)`=1`m^(3)`；

　因为 A 浸没在水中，所以 A 的体积：`V_(A)`=`V_(排)`=1`m^(3)`；

　A 的质量：m=`(G)/(g)=(2×10^(4)N)/(10N//kg)`=2×`10^(3)`kg；

　 故 A 的 密 度 ：

　` ρ _(A)`=`(m)/(V_(A))=(2 × 10^(3)kg)/(1m^(3))`=2 ×`10^(3)kg//m^(3)`。

　（3）由 η=`(W_(有用))/(W_(总))=(Gh)/(Fnh)=(G)/(Fn)`，n=`(G)/(Fη)=(2×10^(4)N)/(0.8×6.25×10^(3)N)`=4，

　则 F 移动的速度：v=4×0.1m/s=0.4m/s；

　故拉力 F 的功率：P=`(W_(总))/(t)=(Fs)/(t)`=Fv=6.25×`10^(3)`N×0.4m/s=2500W。

　【点评】本题考查了浮力、压强、密度的计算，是一道学科综合题目。解答此题的关键，是学生对各种公式及其变形式的灵活运用，本题涉及的知识点较多，综合性强，难度较大。

　21．（4 分）我国经济快速发展，很多厂商一改过去“酒香不怕巷子深”的观点，纷纷为自己的产品做广告，但有些广告制作却忽视了其中的科学性。如图所示的两幅广告图中各有一处科学性的错误，请你找出来并简要说明它违背了什么物理原理或规律。

　 甲图错误：

　，它违背了

　；

　乙图错误：

　，它违背了

　 。

　【考点】液体压强 PH129；光的折射 PH326 【难度】中等题 【分析】茶壶属于连通器，静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上。由图可知壶嘴、壶面液面不等高，并且茶壶中的水面低，却能倒出水来，这违背了连通器的原理。

　由光的折射现象可知，当把勺子斜插入饮料时，会发生折射现象，从外面看勺子好像在液面处被折断了，而图中的勺子看起来是直的，它违背了光的折射规律。

　【解答】甲图：茶水倒出来了；连通器。

　乙图：调羹匙看起来是直的；光的折射规律。

　 【点评】本题考查了连通器原理与光的折射定律，我们需要了解常见的光的折射现象，如凸透镜成像，斜插入水中的筷子被“折断”，海市蜃楼，彩虹等。熟练掌握连通器的特点，连通器里的同种液体不流动时，各容器中的液面总保持相平。